Тема . Остатки и сравнения по модулю

Функция Эйлера и теорема Эйлера из ТЧ

Вспоминай формулы по каждой теме
Решай новые задачи каждый день
Вдумчиво разбирай решения
ШКОЛКОВО.
Готовиться с нами - ЛЕГКО!
Подтемы раздела остатки и сравнения по модулю
Решаем задачу:

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 1#102515

Пусть n >5  — такое нечётное число, что число φ(n(n+ 1))  является степенью двойки. Докажите, что n+ 1  — тоже степень двойки.

Показать доказательство

Так как функция Эйлера мультипликативна, то если ps  — это примарный сомножитель в разложении n<  то ps−1(p− 1)  является степенью двойки, что возможно только в двух случаях: p =2  или     t
p= 2 +1.  Легко видеть, что если t  не является степенью двойки, то p  не простое. Поэтому любой примарный сомножитель это либо степень двойки, либо одно простое число Ферма, то есть простое вида  2k
2  + 1.

Положим      2m−1
pm =2    + 1  (отметим, что не все из них простые). Так как n  и n+ 1  взаимно просты, то функция Эйлера от каждого из них является степенью двойки. Пусть

n+ 1= 2sq1q2...qx;  n= r1r2...ry

где qi  и rj  — простые числа Ферма. Заметим, что

pn+1 =2+ p1p2...pn

поэтому любое число Ферма больше произведения всех меньших.

Среди различных чисел q
 i  и r
 j  выберем наибольшее, пусть это p .
 e  Если оно в разложении числа n +1,  то очевидно, что n +1  будет сильно больше числа n.  Значит, оно в разложении числа n.  Пусть n  делится на p,p ,...,p ,
 1 2    z  но не делится на p
 z+1  (возможно, z =0).

Рассмотрим числа n  и n+ 1  по модулю     2z
w= 2  +1.  Все числа Ферма, которые есть в разложении, кроме p1,p2,...,pz,  дают остаток 1  от деления на w,  p1p2...pz  дает остаток  2z
2  − 1  от деления на w.  Тогда n+ 1  с одной стороны дает остаток такой же, как  s
2 ,  а с другой стороны — (2z   )      2z
 2 − 1 + 1= 2 .  Значит,     z
s =2 .

Тогда        s
n +1 =2 q1q2...qx,  а число n  делится на            2z
p1p2...pz = 2 − 1  и на pe.  Если z = e,  то     2e
n= 2  − 1,  и, следовательно, число n +1  — степень двойки. Покажем, что случай e> z  невозможен. В этом случае число n  делится на   z
22 − 1  и на pe.  Пусть z >0.  Тогда

     z          z
n ≥(22 − 1)pe =(22 − 1)(p1p2...pe−1+ 2)>

>(2s− 1)p1q1...qx =3(2s − 1)q1...qx ≥2sq1...qx = n+ 1

— противоречие.

Пусть z =0.  Тогда n ≥pe,  а n +1= 2q1...qx.  Если q1...qx  — произведение всех чисел Ферма, меньших pe,  то n+ 1= 2(pe− 2),  а n =pe,  откуда pe +1= 2(pe − 2)  и n= pe = 5,  что запрещено условием. В противном случае

n +1 =2q1...qx < 2(pe− 2)∕p1 = 2(pe− 2)∕3< pe ≤ n

— снова противоречие.

Специальные программы

Все специальные программы

Программа
лояльности v2.0

Приглашай друзей в Школково и получай вознаграждение до 10%!

Крути рулетку
и выигрывай призы!

Крути рулетку и покупай курсы со скидкой, которая привязывается к вашему аккаунту.

Бесплатное онлайн-обучение

Для школьников из приграничных территорий России, проживающих в ДНР, ЛНР, Херсонской, Запорожской, Белгородской, Курской, Брянской областях и Крыму.

Налоговые вычеты

Узнай, как получить налоговый вычет при оплате обучения в «Школково».

Специальное предложение
для учителей

Бесплатный доступ к любому курсу подготовки к ЕГЭ, ОГЭ и олимпиадам от «Школково». Мы с вами делаем общее и важное дело, а потому для нас очень значимо быть чем-то полезными для учителей по всей России!

Вернём деньги за курс
за твою сотку на ЕГЭ

Сдать экзамен на сотку и получить обратно деньги за подготовку теперь вполне реально!

cyberpunkMouse
cyberpunkMouse
Рулетка
Вы можете получить скидку в рулетке!