Тема Изумруд - задания по годам

Изумруд 2024

Вспоминай формулы по каждой теме

Решай новые задачи каждый день

Вдумчиво разбирай решения

ШКОЛКОВО.
Готовиться с нами - ЛЕГКО!

Подтемы раздела изумруд - задания по годам

Решаем задачи

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 1#79614

Можно ли в клетках квадрата $6 ×6$ расставить числа от $1$ до $36$ (каждое по одному разу) так, чтобы $6$ сумм по горизонтали и $6$ сумм по вертикали в некотором порядке являлись $12$ последовательными числами?

Источники: Изумруд-2024, 11 (см. izumrud.urfu.ru)

Показать ответ и решение

Предположим, что можно. Сумма всех чисел равна $1+ 2+ 3+ ...+36.$ А удвоенная их сумма равна $n+ (n+1)+ ...+ (n +11).$ Посчитав суммы арифметических прогрессий, получаем

2n+ 11 36 ⋅37 --2---⋅12 = -2---⋅2

2n =211

Противоречие, так как $n ∈ℕ.$

Ответ:

нет

Бандлы и наборы

Комбо-тарифы сразу по нескольким предметам

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 2#79615

Положительные числа $a,b,c$ таковы, что

2 2 2 a + b +c + 2abc= 1

Докажите, что

a∘ (1− b2)(1-− c2)+b∘ (1−-c2)(1−-a2)+c∘(1−-a2)(1−-b2)≥ 2√abc

Источники: Изумруд-2024, 11 (см. izumrud.urfu.ru)

Показать доказательство

Рассмотрим одно из подкоренных выражений

( 2)( 2) 2 2 22 1− b 1− c = 1− b − c + bc

По условию $1− b2− c2 = a2+2abc$ , поэтому подкоренное выражение равно $(a+ bc)2$ , и, так как $a,b,c> 0$ , $∘ (a+-bc)2 = a+bc$ .

Для оставшихся слагаемых рассуждения аналогичные

√ --- a(a +bc)+b(b+ac)+c(c+ab)≥ 2 abc

2 2 2 √--- a + b + c+ 3abc≥ 2 abc

Пользуясь равенством из условия, получаем

1+abc≥ 2√abc

--- (1 − √ abc)2 ≥0

Верное для любых $a,b,c$ неравенство.

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 3#79616

Натуральные числа от 1 до 8 расставили по кругу так, что каждое число делится на разность своих соседей. Известно, что числа 2 и 5 стоят рядом. Докажите, что числа 4 и 6 стоят рядом.

Источники: Изумруд-2024, 11 (см. izumrud.urfu.ru)

Показать доказательство

Рядом с $2$ может стоять одно из чисел $3,4,6,7$ . Рядом с пятеркой — $1,3,7$ . Заметим также, что соседями единицы могут быть только два последовательных числа. Переберем всевозможные варианты для соседа двойки:

1) Рядом с 2 стоит 3. Тогда рядом с 3 может стоять только 1. Ее сосед — это только 4 и рядом с 4 может встать только 6.

2) Рядом с 2 стоит 4. Тогда рядом с 4 может стоять $1,3$ или $6$ .

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 4#79617

Фигура оборотень бьёт все клетки, находящиеся от неё через клетку слева, справа, сверху или снизу, а также бьёт клетку, на которой стоит. Какое наименьшее количество оборотней необходимо поставить на клетчатую доску $8× 8$ , чтобы эти фигуры били все клетки доски?

Источники: Изумруд-2024, 11 (см. izumrud.urfu.ru)

Показать ответ и решение

Раскрасим клетки доски в $4$ цвета следующим образом: все клетки, куда может прийти оборотень из, не умаляя общности, левой нижней угловой клетки, покрасим в первый цвет. Сдвигами этого множества клеток вправо, вверх и вправо вверх получаем $4$ множества клеток.

$PIC$

Рассмотрим одно из них. Чтобы все клетки были побиты, нужно как минимум $4$ оборотня, так как каждый из них бьет не более $5$ клеток, и, следовательно, $3$ и меньше оборотней бьют максимум $15$ клеток. Пример расстановки $4$ оборотней: выделим $4$ непересекающихся Т-образных фигур, в каждой из которых отметим по одному оборотню.

И так как оборотень, стоящий на клетке из одного множества, не может дойти до клеток из трех других, получаем, что всего нужно как минимум $16$ оборотней.

Ответ: 16

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 5#79618

Вписанная окружность треугольника $ABC$ с центром в точке $I$ касается сторон $BC,AC, AB$ соответственно в точках $D,E,F$ . Точки $M$ и $N$ симметричны вершине $A$ относительно прямых $DE$ и $DF$ соответственно. Окружности, построенные на отрезках $IE$ и $IF$ как на диаметрах, вторично пересекаются в точке $K$ . Докажите, что $K$ лежит на прямой $MN$ .

Источники: Изумруд-2024, 11 (см. izumrud.urfu.ru)

Показать доказательство

Докажем, что точка $K$ является серединой отрезка $F E$ . Действительно, окружности построены на $FI$ и $IE$ как на диаметрах, поэтому

∘ ∠F KI = ∠EKI = 90.

Следовательно, постольку $FI = IE$ и $KI$ — высота равнобедренного треугольника $FIE,$ точка $K$ является серединой его основания.

$PIC$

Теперь достаточно проверить, что четырехугольник $NF ME$ является параллелограммом. Это так, поскольку

NF = AF =AE = EM,

где первое и третье равенство следует из симметрии, а второе верно, поскольку $AF$ и $AE$ являются отрезками касательных, проведенных из одной точки.

Осталось показать, что $NF ||EM.$ Для этого достаточно доказать, что $EM ||BC,$ тогда аналогично $NF ||BC,$ откуда следует требуемое. Последнее верно, ведь

∠(DC,DE )= ∠(DE, EC)= ∠(DE,AE )= ∠(EM, ED ).

где $∠ (DC,DE )$ обозначает угол между $DC$ и $DE$ (с другими аналогично).