Тема ММО (Московская математическая олимпиада)

ММО - задания по годам → .09 ММО 2017

Вспоминай формулы по каждой теме

Решай новые задачи каждый день

Вдумчиво разбирай решения

ШКОЛКОВО.
Готовиться с нами - ЛЕГКО!

Подтемы раздела ммо (московская математическая олимпиада)

Разделы подтемы ММО - задания по годам

ММО до 2010

ММО 2010

ММО 2011

ММО 2012

ММО 2013

ММО 2014

ММО 2015

ММО 2016

ММО 2017

ММО 2018

ММО 2019

ММО 2020

ММО 2021

ММО 2022

ММО 2023

ММО 2024

ММО 2025

Решаем задачи

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 1#31222

Найдите наибольшее натуральное число, все цифры в десятичной записи которого различны и которое уменьшается в пять раз, если зачеркнуть первую цифру.

Источники: ММО-2017, 9.1, автор - М.А. Евдокимов, (см. mmo.mccme.ru)

Подсказки к задаче

Подсказка 1

Попробуйте представить число так, чтобы оно имело вид суммы двух слагаемых, одно из которых-число после зачеркивания.

Подсказка 2

Да, мы представили n=a*10^(k-1)+m, где a-первая цифра, k-кол-во цифр. Но ведь тогда a*10^(k-1)=4m. Попробуйте оценить k, зная, что в числе нет одинаковых цифр.

Подсказка 3

Ура! Мы получили, что k<=4(так как иначе на конце будет две одинаковые цифры-нули). Остается перебрать варианты и выбрать максимальное число.

Показать ответ и решение

По условию $aA-= 5A$ (где $A−$ число, составленное из всех цифр, кроме первой, $a$ — первая цифра). Пусть $n$ – количество цифр в числе $--- aA.$ Отсюда

n−1 n−3 4A =a ⋅10 ⇒ A = 25a ⋅10

Если $n> 4,$ то у числа $A,$ а значит, и у искомого числа, есть две совпадающие цифры (два нуля на конце). Если же $n =4,$ то

A = 250a

Ясно, что чем больше $a,$ тем больше исходное число. При $a≥ 4$ число $250a$ состоит из $4$ цифр, а не из трех. При $a= 3$ мы получаем $A = 750,$ а исходное число равно $3750.$ Значит, наибольшее искомое число равно $3750.$

Ответ:

$3750$

Бандлы и наборы

Комбо-тарифы сразу по нескольким предметам

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 2#31351

Даны две непостоянные прогрессии $(a ) n$ и $(b), n$ одна из которых арифметическая, а другая — геометрическая. Известно, что $a1 = b1,a2 :b2 = 2$ и $a4 :b4 =8.$ Чему может быть равно отношение $a3 :b3?$

Источники: ММО-2017, 11.1, автор - Д.В. Горяшин, (см. mmo.mccme.ru)

Подсказки к задаче

Подсказка 1

Вообще, у нас есть два случая: когда a_i - арифм. прогрессия, b_i - геом, и наоборот. Давайте в обоих случаях обозначим T - первые члены, d - разность арифм.прогрессии, q - разность геом.прогрессии. Как в первом случае будут переписаны условия через T, d и q?

Подсказка 2

Если подставить одно условие в другое, то можно получить уравнение на q! Проверьте все случаи, чему может быть равно q, и останется выразить d и третьи члены прогрессий

Подсказка 3

Теперь остаётся проверить второй случай: a_i - геом. прогрессия, b_i - арифм. прогрессия. Также перепишите условия, которые вам даны, в терминах T, d и q, и подставьте одно в другое)

Показать ответ и решение

Пусть $a = b = a⁄= 0 1 1$ , разность арифметической прогрессии равна $d$ , а знаменатель геометрической равен $q$ . Поскольку прогрессии непостоянны, $d⁄= 0$ и $q ⁄= 1$ . Возможны два случая:

1) Пусть $(an)$ — арифметическая прогрессия, а $(bn)$ — геометрическая. Тогда по условию получаем

3 a+ d= 2aq,a+ 3d= 8aq

d= a(2q− 1)

3d= a(8q3− 1)= d(4q2+ 2q+1)

2q2+q − 1= 0

q = 1 или q = −1 2

Если $q = 1∕2$ , то $d =a(2q− 1)= 0$ , что по условию невозможно.

Если $q = −1$ , то $d= −3a$ и $a3 :b3 = aa+q2d2-=− 5.$

2) Пусть теперь $(an)$ — геометрическая, а $(bn)$ — арифметическая прогрессия. Тогда

2(a+ d)= aq,8(a +3d)= aq3

2d= a(q− 2)

24d= a(q3− 8)= 2d (q2+ 2q+4)

2 q + 2q − 8= 0

q = 2 или q = −4

В первом случае снова $d= 0$ , что противоречит условию, а во втором $q = −4,d= −3a$ и $a3 :b3 = aa+q22d-=− 156 .$

Ответ:

$− 5$ или $− 16 5$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 3#47913

Внутри треугольника $ABC$ взята такая точка $D,$ что $BD = CD,∠BDC = 120∘.$ Вне треугольника $ABC$ взята такая точка $E,$ что $∘ AE = CE,∠AEC = 60$ и точки $B$ и $E$ находятся в разных полуплоскостях относительно $AC.$ Докажите, что $∘ ∠AFD = 90 ,$ где $F$ — середина отрезка $BE.$

Источники: ММО-2017, 11.4, автор - О.Н. Косухин, (см. mmo.mccme.ru)

Подсказки к задаче

Подсказка 1

Нам нужно доказать, что угол равен 90 градусов. Наверное, мы понимаем, что углы считать тут совсем никак не выйдет. У нас есть какая-то непонятная точка D и не менее понятная точка E, и всё это завязано ещё с F. Жуть... Поэтому подумаем, как это можно доказать с помощью векторов. О каком тогда преобразовании плоскости можно вспомнить?

Подсказка 2

Верно, можно попробовать вспомнить про поворот и к тому же ещё увеличивать длину вектора, потому что отрезки у нас, к сожалению, различные, а так мы решим эту проблему. То есть будем доказывать, что повернув DF против часовой на 90 градусов и увеличив его, мы получим AF. Давайте обратим внимание на то, что нам дали равнобедренные треугольники с хорошими углами. Что можно тогда отметить в них, учитывая данную середину F в треугольнике BEC?

Подсказка 3

Ага, можно отметить середины сторон BC и EC. Тогда у нас будут две средние линии в треугольнике BEC. Вернёмся к нашим искомым векторам. Они у нас снова немного плохие, потому что ни с чем не связаны на картинке. Как тогда можно попробовать их выразить?

Подсказка 4

Да, их можно выразить через сумму векторов по правилу треугольника - это сумма средней линии и серединного перпендикуляра. Осталось только вспомнить, что если повернуть сумму векторов на угол, а потом увеличить их - это будет тоже самое, если сначала один из векторов повернуть на угол и увеличить, а потом аналогично со вторым. Теперь можно в явном виде записать то, что нам надо доказать, и понять, во сколько раз мы увеличиваем отрезки, используя углы равнобедренных треугольников.

Показать доказательство

$PIC$

Пусть $K,L$ — середины $BC,CE$ соответственно. Отсюда $FL$ и $FK$ — средние линии $△EBC.$ Тогда выполнены равенства $−→ −−→ FL= BK$ и $−F−→K = −L→C.$ Пусть $Φ$ — преобразование на векторах, которое поворачивает вектор на $90∘$ против часовой стрелки, а затем увеличивает в $√3-$ раз. Тогда выполнено

Φ(−D−→K )= −−C→K =−L→F

Φ(−K−→F )=Φ (−C→L )=−A→L

Так как для поворотной гомотетии верно $−→ −→ Φ(−→a + b)= Φ(−→a)+ Φ(b),$ то

Φ(−−D→F )=Φ (−D−→K + −K−→F )= −→LF + −A→L =−A→F

Откуда и следует нужная перпендикулярность.

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 4#77819

В шахматном турнире каждый участник встретился с каждым один раз. В каждом туре каждый участник проводил по одной встрече. Не меньше чем в половине всех встреч оба участника были земляками (из одного города). Докажите, что в каждом туре была хотя бы одна встреча между земляками.

Подсказки к задаче

Подсказка 1

Попробуем пойти от противного. Тогда в каком-то из туров игры между земляками не было. А что можно сказать о земляках конкретного участника?

Подсказка 2

В данном туре все участники разбиваются на пары, в каждой из которых двое не земляки. Тогда у любого конкретного участника из каждой пары не более одного земляка. Как тогда соотносятся земляки этого участника и общее число участников?

Подсказка 3

Верно! Поскольку в паре с данным участником был не его земляк, то земляков строго меньше половины всех участников. Тогда каждый сыграл с неземляками игр больше, чем с земляками. Какой вывод можно сделать?

Показать доказательство

Предположим, что в каком-то туре не было игры между земляками. Тогда участники разбиваются на пары людей из разных городов. Рассмотрим произвольного участника. В каждой паре есть не более одного его земляка, также второй участник из его пары не является его земляком. Но тогда всего земляков у него меньше половины из всех участников. Значит, каждый участник сыграл больше игр с неземляками, чем с земляками, и в сумме игр между земляками было меньше половины. Противоречие.

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 5#78816

Квадратный трехчлен $x2+ bx+ c$ имеет два действительных корня. Каждый из трех его коэффициентов (включая коэффициент при $x2$ ) увеличили на $1.$ Могло ли оказаться, что оба корня трехчлена также увеличились на $1?$

Подсказки к задаче

Подсказка 1

В условии от нас хотят поработать с корнями и с коэффициентами квадратного трёхчлена. Какой теоремой хочется здесь воспользоваться?

Подсказка 2

Теорема Виета! Запишите её и воспользуйтесь условием.

Показать ответ и решение

Пусть $x ,x 1 2$ —корни уравнения $x2+ bx +c= 0.$ Тогда по теореме Виета

x1+ x2 = −b (1)

x1x2 =c (2)

Предположим, что утверждение задачи верно, тогда

x + 1+x + 1= − b+-1 (3) 1 2 2

c+-1 (x1+1)(x2+1)= 2 (4)

Подставим $(1)$ в $(3)$ и найдем $b= 5.$

Подставим $(1)$ и $(2)$ в $(4)$ и найдем $c= 9.$

Стало быть, искомый квадратный трехчлен, если он существует, имеет вид $2 x + 5x +9.$ Однако же дискриминант такого трехчлена отрицателен, а по условию он имеет два действительных корня. Значит, описанная в задаче ситуация невозможна.