Тема ПВГ (Покори Воробьёвы Горы)

Последовательности и прогрессии на ПВГ

Вспоминай формулы по каждой теме

Решай новые задачи каждый день

Вдумчиво разбирай решения

ШКОЛКОВО.
Готовиться с нами - ЛЕГКО!

Подтемы раздела пвг (покори воробьёвы горы)

Решаем задачи

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 1#71441

Последовательность $a n$ задана формулами

4043- 3 2 a1 = 2022,an+1 = an− 3an +3an.

Найдется ли натуральное число $n$ такое, что

2022 |an|≤ 2021?

Обоснуйте свой ответ.

Источники: ПВГ-2022, 11.4 (см. pvg.mk.ru)

Показать ответ и решение

Перепишем данную в условии формулу в виде

3 an+1 = (an− 1) +1

Находим, что если $an = 1+ 𝜀$ , то $an+1 =1 +𝜀3.$ В предложенной задаче $a1 = 1+ 2021, 2022$ поэтому

( 2021)3 (2021)3n−1 a2 =1 + 2022- ,...,an = 1+ 2022

Так как

a ≤ 2022⇔ 1+ (2021)3n−1 ≤ 1+-1--⇔ (2021)3n−1 ≤--1- n 2021 2022 2021 2022 2021

Это неравенство при достаточно больших $n$ выполняется. Для того, чтобы это утверждать, нужно или доказать, что предел этой последовательности равен 0 , или сделать оценку

( 1 ) ( 1 ) 3n−1 ≥ log22002122 2021- ⇔ n≥ 1+ log3 log202022122021-

Отсюда следует, что для любого

[ ( )] n ≥ 1+ log3 log 2022-2021 + 1 2021

неравенство выполняется.

Ответ: да

Бандлы и наборы

Комбо-тарифы сразу по нескольким предметам

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 2#92318

Натуральные числа, начиная с $20$ , выписали в одну строку: $20212223....$ Какая цифра стоит в получившейся последовательности цифр на $2021$ -м месте?

Источники: ПВГ - 2021, 11.1 (см. pvg.mk.ru)

Показать ответ и решение

Цифры чисел с $20$ по $99$ занимают в этом ряду первые $80 ⋅2 =160$ мест. Осталось $2021 − 160= 1861$ места. Цифры чисел от $100$ до $719$ занимают следующие $(719− 99)⋅3 =1860$ мест. Значит, на $2021$ месте стоит первая цифра числа $720,$ то есть цифра $7.$

Ответ:

$7$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 3#39761

Сумма шести первых членов геометрической прогрессии, состоящей из положительных чисел, в $344$ раза больше суммы трех ее первых членов. Найдите знаменатель прогрессии.

Источники: ПВГ-2019, 11.1 (см. rsr-olymp.ru)

Показать ответ и решение

Пусть $b = b,b = bq. 1 2$ Тогда условие можно переписать в виде

5 2 1−-q6 1− q3 b+ bq +...bq = 344(b+ bq+ bq) ⇐⇒ 1− q = 3441− q ⇐ ⇒

⇐⇒ (1− q3)(1+ q3)= 344(1− q3) ⇐ ⇒ q = 7

Здесь мы считаем $q ⁄=1,$ однако легко видеть, что при $q = 1$ условие не выполнено.

Ответ:

$7$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 4#87800

Найдите сумму бесконечно убывающей геометрической прогрессии, если её второй член равен 3, а сумма первых трёх её членов равна 13.

Источники: ПВГ 2017

Показать ответ и решение

Пусть первый член прогрессии равен $b,$ а знаменатель равен $q.$ Тогда по условию $bq =3$ и $b+ bq+bq2 = 13.$ Отсюда $q = b 3$ и

2 9 b+ bq+ bq =b +3+ b =13

b2 − 10b+9 =0

Получается, либо $b= 1$ , либо $b= 9.$ Но если $b= 1,$ то $3 q = b = 3> 1,$ что противоречит тому, что прогрессия убывающая.Значит, $b= 9,$ а $1 q =3.$ Итак, сумма прогрессии равна

b 2 S = 1−-q = 9:3 = 13,5

Ответ:

$13,5$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 5#31346

Сумма пяти первых членов геометрической прогрессии равна $93,$ а сумма следующих пяти членов равна $2976.$ Найдите сумму первых семи членов прогрессии.

Источники: ПВГ-2016, 11.2 (см. pvg.mk.ru)

Показать ответ и решение

Пусть первый член последовательности равен $b,$ а знаменатель прогрессии равен $q.$ Тогда

2 3 4 q5−-1 b+ bq+bq + bq + bq =b q− 1 = 93

5 bq5+ bq6+ bq7 +bq8+ bq9 = bq5q-−-1= 2976 q− 1

Первая и вторая сумма отличаются ровно в $q5$ раз. Значит, $q5 =32 ⇔ q = 2.$ Тогда

b+ bq +bq2+bq3+ bq4 = bq5−-1= 31b =93 q − 1

b=3

Значит, сумма первых семи членов прогрессии равна

93+3 ⋅25+ 3⋅26 = 381

Ответ:

$381$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 6#63699

Две арифметические прогрессии содержат по $2015$ членов каждая. Отношение последнего члена первой прогрессии к первому члену второй равно отношению последнего члена второй прогрессии к первому члену первой и равно $4.$ Отношение суммы всех членов первой прогрессии к сумме всех членов второй равно $2.$ Найдите отношение разностей этих прогрессий и приведите пример таких прогрессий.

Источники: ПВГ-2015, 11.2 (см. pvg.mk.ru)

Показать ответ и решение

Пусть это $a ,a +d ,...a +2014d ,a,a + d,...a + 2014d . 1 1 1 1 1 2 2 2 2 2$ Запишем то, что дано по условию

a1+-2014d1 a2+-2014d2 a2 = a1 = 4

{ a1+ 2014d1 = 4a2 a2+ 2014d2 = 4a1

{ 2014d1 =4a2− a1 2014d2 =4a1− a2

Далее напишем условия на суммы

2a1+2014d1 2a2+-2014d2 2 ⋅2015= 2 2 ⋅2015

2a1+ 2014d1 = 4a2+ 4028d2

подставим сюда представления для $2014d∗,$ получим

2a1+ 4a2− a1 = 4a2+ 8a1− 2a2

2a2 = 7a1

d1 4a2−-a1- d2 = 4a1− a2 = 26

В качестве примера: $-26- -1- a1 = 2,a2 =7,d1 = 2014,d2 = 2014.$

Ответ:

$26$

Курсы

Всё необходимое для достижения цели

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 7#73116

Дана бесконечная числовая последовательность $a,a ,..., 1 2$ о которой известно следующее: $a = 20,a = a a ,n ∈ℕ. 1 n+1 n n+2$ Найдите все значения, которые может принимать $a2014.$

Источники: ПВГ-2014, 11.1 (см. pvg.mk.ru)

Показать ответ и решение

Запишем это условие для двух последовательных членов

a = a ⋅a ak+1= ka k⋅+a2 =⇒ 1 =ak ⋅ak+3 или ak+1 ⋅ak+2 = 0 k+2 k+1 k+3

Подставим во втором случае $k =1,$ тогда $ak ⁄= 0,$ откуда $a2 = a3 = 0,$ далее можно подставить $k= 3 =⇒ a4 = 0$ и так далее по индукции. В итоге возможно $a2014 =0.$ В первом случае $a4 = 1-=-1. a1 20$ Перейдём от $a1$ к $a4,$ действуем аналогично, теперь либо $a5 = a6 = ...= 0,$ либо $a7 = 1-. a4$ Совершая такие переходы, приходим к другому возможному значению $a2014 = a1+3⋅671 =-1 = 1. a1 20$ Остальные значения невозможны.

Ответ:

$0, 1 20$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 8#87802

Сумма бесконечно убывающей геометрической прогрессии $b ,b,b,... 1 2 3$ равна 60 , сумма квадратов членов этой прогрессии равна 1200. Найдите сумму новой бесконечно убывающей геометрической прогрессии, у которой первый член равен $b1$ , а знаменатель отличается от знаменателя исходной геометрической прогрессии только знаком.

Источники: ПВГ 2014

Показать ответ и решение

Из формул суммы геометричекой прогресии известно

-b1-- 1− q = 60 -b21-- 1− q2 =1200

Разделив второе уравнение на первое получим $1b1+q = 20$ , что является ответом.

Ответ: 20

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 9#97887

Последовательность чисел задана следующим образом: $a = 0,a = 1 1 2$ и $a = 4(a − a ) n+1 n n−1$ при $n ≥ 2.$ Найдите наименьший положительный член последовательности, кратный $2014.$ В ответе укажите номер этого члена.

Показать ответ и решение

Заметим, что

an+1− 2an = 2an − 4an−1 = 2(an− 2an−1)

Обозначим $bn = an+1− 2an$ , тогда $b1 = 1$ и $bn+1 = 2bn$ , следовательно, $bn = 2n−1$ . Таким образом,

an = bn−1+ 2an−1 = bn−1+ 2bn−2 +4an−2 =

⋅⋅⋅= b + 2b + ...+ 2n−1b + 2na =(n− 1)2n−2 n−1 n−2 1 1

Если это число кратно 2014 , то $(n− 1)$ кратно 1007 , т.е. $n= 1008$ .

Ответ: 1008

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 10#39771

Несколько чисел образуют арифметическую прогрессию, причём их сумма равна $63$ , а первый член в полтора раза больше разности прогрессии. Если все члены прогрессии уменьшить на одну и ту же величину так, чтобы первый член прогрессии был равен разности прогрессии, то сумма всех чисел уменьшится не более, чем на $8$ , но не менее, чем на $7$ . Определите, какой может быть разность этой прогрессии.

Источники: ПВГ-2013, 11.2 (см. pvg.mk.ru)

Показать ответ и решение

Пусть $a (i∈{1,2,...,n}) i$ — прогрессия из условия, у которой $a = 3d, 1 2$ тогда её сумма

3dn nd(n+-2) a1+a2+ ...+ an = 2 + d+ 2d +...+(n− 1)d= 2 = 63

После уменьшения получится новая прогрессия $′ ai,$ у которой $′ a1 = d,$ тогда сумма станет равна

dn(n+ 1) a′1 +...+ a′n = dn+ d+ 2d+...+(n− 1)d =--2--- ∈[55;56]

Поделим второе двойное неравенство на первое равенство:

dn(n-+1)⋅---2--- ∈[55;56] 2 nd(n+ 2) 63 63

55 ≤ n+-1≤ 56 63 n+ 2 63

55n+ 110 ≤63n+ 63≤ 56n +112

{ 8n ≥47 7n ≤49

47 8-≤ n≤ 7

Так как $n ∈ℕ,$ то $n = 6$ или $n =7.$ Подставляя в любое из равенств, получаем, что $21 d = 8-$ или $d= 2.$

Ответ:

${21;2} 8$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 11#64353

Найдите сумму бесконечно убывающей геометрической прогрессии, если сумма её членов, взятых через один, начиная со второго, равна $2,$ а сумма её членов, взятых через один, начиная с третьего, равна $1.$

Источники: ПВГ-2011, 11.1 (см. pvg.mk.ru)

Показать ответ и решение

Пусть это прогрессия $b =b,b = bq,b =bq2,.... 1 2 3$ Тогда из первого условия получаем

3 5 2 4 --1-- bq+ bq + bq +...=bq⋅(1+q + q +...)= bq⋅1− q2 = 2

Аналогично из второго условия

bq2+ bq4+ ...= bq2 ⋅-1-2-=1 = 1⋅2= 1⋅bq⋅--1-2 =⇒ q = 1 1− q 2 2 1− q 2

b= 2(1−-q2)= 4⋅ 3 =3, q 4

в итоге получаем

2 --b- b+bq+ bq + ...= 1− q = 6.

Ответ:

$6$

Интенсивы

Глубокий разбор тем, требующих дополнительного внимания

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 12#71666

Положительные числа $b,b,b,b ,b 1 2 3 4 5$ составляют геометрическую прогрессию. Сумма логарифмов по основанию $3$ от этих чисел равна $10.$ Найдите эти числа, если

log3b1⋅log3b5 =3

Источники: ПВГ 2010

Показать ответ и решение

Пусть $q$ — знаменатель прогрессии. Так как члены прогрессии положительные, то $q > 0$ . Тогда члены прогрессии: $2 3 4 b1, qb1, qb1, qb1, q b1$

По условию

2 3 4 log3b1+ log3qb1+log3q b1+log3qb1+ log3qb1 = 10

5 10 log3b1 ⋅q = 10

2 9- b1q =9 =⇒ b1 = q2

Подставляя во второе условие получаем

9 9 log3q2 ⋅log3q4⋅q2 =3

log3-92 ⋅log3 9q2 = 3 q

(2− log q2)⋅(2+ log q2)= 3 3 3

log2q2 = 1 3

q2 = 3±1

И так как

q >0,

то

q = 3±0.5; b1 = 9 q2

Легко видеть, что прогрессии

1.5 2 2.5 3 3, 3 , 3 , 3 , 3

3 2.5 2 1.5 3 , 3 , 3 , 3 , 3

удовлетворяют условию про сумму логарифмов и условию на первый и пятый члены.

В ответ можно записать найденные числа, они одинаковые для обеих подходящих прогрессий.

Ответ:

$3, 31.5, 32, 32.5, 33$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 13#48857

Сколько членов арифметической прогрессии, состоящей из $2009$ чисел, с первым членом $12$ и разностью $3,$ являются также членами бесконечной геометрической прогрессии, первый член и знаменатель которой равны $3?$

Источники: ПВГ-2009 (см. pvg.mk.ru)

Показать ответ и решение

Начнём с геометрической — в ней лежат числа $3,9,27,81,243,729,2187,6561$ . Поскольку максимальный член арифметической прогрессии равен $12+ 3⋅2008= 6036$ , то $6561$ уже туда не входит. Но числа $27,81,243,729,2187$ будут в ней лежать, поскольку кратны трём и лежат от $12$ до $12 +3⋅2008$ . Легко видеть, что в арифметической прогрессии лежит каждое кратное трём число оттуда.

Ответ:

$5$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 14#85033

Первый член арифметической прогрессии равен $− 12,$ разность равна $24. 11$ Найдите сумму первых $n$ членов этой прогрессии при условии, что она меньше $− 39.$

Показать ответ и решение

Сумма первых $n$ членов имеет вид $−24+-2411⋅(n−1)⋅n= 12n(n−12). 2 11$ По условию это выражение меньше $− 39,$ то есть отрицательно, однако число $12n 11$ положительно, значит число $n − 12$ — отрицательно. То есть $n$ — натуральное число из отрезка $[1;12].$ Осталось перебрать все возможные значения и убедиться, что подходит только $n =6.$