Тема ШВБ (Шаг в будущее)

Планиметрия на ШВБ

Вспоминай формулы по каждой теме
Решай новые задачи каждый день
Вдумчиво разбирай решения
ШКОЛКОВО.
Готовиться с нами - ЛЕГКО!
Подтемы раздела швб (шаг в будущее)
Решаем задачи

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 1#86347

В треугольник ABC  со сторонами AB = 5,BC  =8  , AC = 7  вписана окружность с центром в точке O  , которая касается сторон AC  и BC  в точках M  и N  соответственно. На прямой MN  отмечена точка K  так, что угол OAK  равен   ∘
60 . Найдите длину отрезка KN  .

Показать ответ и решение

Заметим сразу, что BC2 < AB2+ AC2  , то есть треугольник ABC  — остроугольный. А значит, ∠BAC < 90∘ и ∠OAC < 45∘ . Поэтому точка K  лежит снаружи треугольника ABC.

Обозначим углы треугольника за 2α, 2β, 2γ.  По теореме косинусов найдем угол 2β :

   2    2    2
AC  = AB + BC  − 2cos2β ⋅AB⋅BC

                                1
49= 25+ 64− 2cos2β⋅40  =⇒   cos2β = 2

2β =60∘

Проведем CO  . Тогда ∠AOC = 90∘ +β =120∘.  Поэтому, так как ∠OAK  =60∘ по условию, OC||AK.

Пусть T  — точка пересечения CO  и MN  . CT  — биссектриса, медиана и высота в равнобедренном треугольнике CNM  , поэтому          ∘
∠CT M = 90  =∠MKA.

PIC

Тогда из прямоугольного треугольника MKA  получаем

MK  = AM ⋅cos(90∘− γ)= 2sinγ

По теореме косинусов найдем угол 2γ

25= 64+ 49− 2cos2γ⋅56 =⇒  cos2γ = 11
                                 14

По формуле половинного угла

cos2γ = 2cos2γ − 1 =⇒  cos2γ = 25
                           28

По основному тригонометрическому тождеству

  2   3-            √21
sin γ = 28 =⇒   sinγ = 14

И тогда        √21-  √21-
MK  =2⋅ 14 =  7 .

А из треугольника MCT  находим             5√21
MN = 2⋅TM =  7  .

В итоге                 6√21
KN = KM + MN  = -7-.

Ответ:

 6√21
  7

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 2#69236

Биссектрисы AA  ,BB  ,CC
   1   1   1  внешних углов треугольника ABC  пересекают продолжения противоположных сторон треугольника в точках A1,B1,C1  соответственно. Найдите угол A1C1B1  и длину отрезка A1B1,  если AC = 5,BC = 2,  а угол ACB  равен     13
arccos20.

Источники: ШВБ - 2023, 11 (см. olymp.bmstu.ru)

Показать ответ и решение

Обозначим AC = b=5,BC = a= 2,AB = c,γ =∠ACB  =arccos13.
                                       20

Треугольники AA1B  и AA1C  имеют общую высоту из общей вершины A,  следовательно, можем записать следующие соотношения для их площадей

SAA1B   BA1
SAA1C-= CA1-
(1)

Пусть A1D  — перпендикуляр из A1  к прямой AC,  A1E  — перпендикуляр из A1  к прямой AB.  Так как AA1  — биссектриса ∠DAE,  значит, точка A1  равноудалена от прямых AC  и AB.  Следовательно, A1D = A1E.  Благодаря этому получаем

SAA1B-= AB-⋅A1E-= c
SAA1C   AC ⋅A1D   b
(2)

Из соотношений (1) и (2) следует, что

BA1-  c
CA1 = b

Аналогично получаем

BC1- a   AB1-  c
AC1 = b и CB1 = a

Тогда

BA1  CB1  AC1   c a  b
CA1-⋅AB1-⋅BC1-= b ⋅c ⋅a = 1

Значит, по теореме Менелая точки A1,B1,C1  лежат на одной прямой. Т.е. ∠A1C1B1 =180∘ и A1B1 = A1C1+ C1B1.

PIC

По теореме косинусов найдём AB = c

 2   2  2
c = a +b − 2abcosγ = 4+ 25− 13= 16⇒ c= 4

Теперь найдём BA1

BA1-  c  4   --BA1---  4   -BA1---  4
CA1 = b = 5 ⇒ BC +BA1 = 5 ⇒ 2+ BA1 = 5 ⇒ BA1 = 8

Аналогично получаем       8
BC1 = 3  и CB1 =5.  Обозначим α= ∠BAC,  β = ∠ABC.  Получим значения cosα  и cosβ  из двух теорем косинусов

      2   2  2
cosα = c+-b-−-a-= 16+25−-4= 37
         2bc         40     40

cosβ = c2+a2−-b2= 16+-4−-25-= − 5
         2ca        16       16

Запишем теорему косинусов в △AC1B1

   2     2    2                  400-        200- 37  190
C1B1 =AC 1 + AB1 − 2cosα ⋅AC1⋅AB1 = 9 +100− 2⋅ 3 ⋅40 = 9

       √190
C1B1 = -3--

Углы A1BC1  и ABC  равны как вертикальные. Запишем теорему косинусов в △A1BC1

    2    2    2                      64-    64- 5-  4⋅190
A1C1 = BA1+ BC1 − 2cosβ⋅BA1⋅BC1 = 64 + 9 +2 ⋅3 ⋅16 = 9

      2√190
A1C1 =--3--

Следовательно,

                    ---
A1B1 = A1C1+ C1B1 = √190
Ответ:

 180∘;√190

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 3#74503

В выпуклом четырехугольнике ABCD  длины сторон AB  и BC  равны, DB  — биссектриса угла ADC,AD :DC = 4:3.  Найдите косинус угла AKB,  если K  — точка пересечения диагоналей AC  и BD,  и BK :KD = 1:3.

Источники: ШВБ-2022, (см. olymp.bmstu.ru)

Показать ответ и решение

PIC

AD :DC = 4:3,  пусть AD =4x,DC = 3x,  BK  :KD = 1:3,  пусть BK = y,KD = 3y.  DK  — биссектриса треугольника ADC,  AK :KC = AD :DC =  =4:3,AK = 4z,KC = 3z.

Точка B  является точкой пересечения серединного перпендикуляра к диагонали AC  и биссектрисы угла D  в выпуклом четырехугольнике ABCD.  Следовательно, около этого четырехугольника можно описать окружность.

Действительно, опишем окружность около треугольника ACD,  обозначим точку пересечения биссектрисы угла D  с окружностью через B1.  Тогда по свойству вписанных углов дуги AB1  и B1C  будут равны, хорды AB1  и B1C  тоже будут равны, треугольник AB1C  будет равнобедренным, и серединный перпендикуляр к диагонали AC  и биссектриса угла D  будут пересекаться в точке B1.  Следовательно, B1 =B.

Поскольку около четырехугольника ABCD  можно описать окружность, то для его диагоналей верно равенство

AK ⋅KC  =BK ⋅KD, 4z2 =y2,y = 2z

Треугольник ABK  подобен DCK  , и CADB= BKKC-  , пусть AB =p,  поэтому

p-= y-= 2 ⇒ p= 2x⇒ x= p
3x  3z  3             2

AD = 2p, DC = 3p
              2

По теореме косинусов для треугольников ABC  и ADC  с учетом ∠B + ∠D =180∘ имеем

                              2
49z2 = 2p2 − 2p2cos∠B,49z2 = 4p2 + 9p-+ 6p2cos∠B
                             4

z = p, y = p, AK = p, BK = p
   4    2             2

Для равнобедренного треугольника ABK  имеем

          BK--  1
cos∠AKB  = 2AK = 4
Ответ:

 1
4

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 4#101431

На стороне BC  треугольника ABC  отмечена точка K  так, что AK = 9√2-∕2,BK = 9,KC  =3.  Около треугольника ABK  описана окружность. Через точку C  и точку D,  лежащую на стороне AB,  проведена прямая, которая пересекает окружность в точке P,  причем CP > CD.  Найдите DP,  если ∠APB = ∠BAC,CD  — биссектриса треугольника ABC.

Источники: ШВБ - 2021, 11 (см. olymp.bmstu.ru)

Показать ответ и решение

PIC

1)  Из условия мы знаем, что ∠AP B =∠BAC,  а из вписанного четырёхугольника ∠APB = ∠AKC.  Откуда получаем, следующие равенства

∠AKC  = ∠BAC, ∠KAC  = ∠ABC

Значит, отрезок AC  является отрезком касательной к окружности. Теперь мы понимаем, что △ABC  подобен △AKC.  Запишем соответствующие отношения сторон и подставим значения из условия:

                   √-
AB-= AC- = BC-⇒ AB--2 = AC = 12-⇒ AC =6,  AB =9√2
AK   KC    AC     9     3    AC

2)  Так как мы знаем, что CD  — биссектриса, то запишем свойство, подставив известные значения

AD-= AC-= 1
DB   BC   2

К тому же мы нашли AB,  поэтому AD = 3√2,DB = 6√2.  Давайте теперь запишем формулу для биссектрисы и вычислим её:

   2                       √-  √-
CD  =AC ⋅CB − AD ⋅DB  =72− 3 2⋅6 2= 36 ⇐⇒ CD  =6

3)  Пусть DP =x,DN = y,  где N  точка пересечения прямой CD  с окружностью, N ⁄= P.  Четырехугольник ANBP  вписан в окружность, откуда из произведения отрезков хорд

AD ⋅DB  =P D⋅DN  ⇐⇒  36 =xy

По свойствам касательных и секущих к окружности имеем

CN ⋅CP = AC2

(CD − y)⋅(CD + x) =AC2

(6− y)⋅(6+ x) =36

6(x− y)= xy

4)  Теперь осталось только решить систему из полученных уравнений в 3  пункте

{
  36= xy
  6(x− y)= xy

Откуда           2
x= y+ 6⇒ y +6y− 36= 0.  Решив уравнение, получим        √ -            √-
y = −3+ 3 5,DP = x= 3+ 3 5.

Ответ:

 DP = 3+ 3√5

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 5#104429

Окружность проходит через вершины A  и C  равнобедренного треугольника ABC (AB =BC )  и пересекает стороны AB  и BC  в точках M  и N,  соответственно. MK,  хорда этой окружности, равная по длине  √-
2 5,  содержит точку H,  лежащую на AC  и являющуюся основанием высоты треугольника ABC.  Прямая, проходящая через точку C  и перпендикулярная BC,  пересекает прямую MN  в точке L.  Найти радиус окружности, описанной около треугольника MKL,  если          2
cos∠ABK = 3.

Источники: ШВБ - 2020, 9 класс (см. olymp.bmstu.ru)

Показать ответ и решение

PIC

Четырехугольник AMNC  — равнобедренная трапеция. Треугольники AMH  и HNC  равны по двум сторонам и углу между ними. Тогда:

∠AHM  = ∠HMN  = ∠MNH  =∠NHC  = ∠CHK  =180∘− ∠NCK
               ∠MAC = ∠ACN  =∠NCA
                    ∘     ∘          ∘
    ∠KHB  =∠KHC  + 90 = 180 − ∠NCK + 90  =∠KCL
              ∠AMK  = ∠ACK  =∠HNC

(как углы равных треугольников и как углы, опирающиеся на одну дугу). Следовательно, треугольник HNC  подобен треугольнику HCK  и треугольник BHC  подобен треугольнику NLC  по двум углам. Значит,

KC   NC    LC
KH-= CH- = HB-

и учитывая, что ∠KHB  = ∠KCL  , получаем подобие треугольника KCL  и треугольника BHK,  следовательно,

∠CLK  = ∠HBK ⇒ ∠MBK  = ∠MLK

а значит, точки K,M,B,L  лежат на одной окружности и

                √-
R = --MK-----= 2√5= 3
    2sin∠ABK    235
Ответ: 3

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 6#105232

В треугольнике ABC  проведена биссектриса AD.  Известно, что центры вписанной в треугольник ABD  и описанной около треугольника ABC  совпадают. Найдите CD,  если      √-
AC =  5 +1.  Ответ не должен включать обозначения тригонометрических функций и обратных к ним.

Показать ответ и решение

Пусть ∠A = α, ∠B = β.  Точка O  — центр вписанной в треугольник ABD  окружности. Тогда

       α-        β
∠BAO = 4 ; ∠ABO = 2,

так как центр вписанной окружности лежит на биссектрисе. Поскольку O  — центр описанной вокруг ABC  окружности, то треугольник AOB  равнобедренный. Следовательно,

                 α
∠BAO  =∠ABO,  β = 2.

PIC

Треугольники AOC  и BOC  равнобедренные, и

∠ACO = 3α, ∠BCO = α.
       4          4

Поскольку ∠A +∠B + ∠C =180∘ :

α + α+ 3α + α-= 180∘ =⇒   α= 72∘
    2   4   4

Так как

            3α   α-   ∘
∠A =α = ∠C = 4 + 4 = 72 ,

то треугольник ABC  равнобедренный, а       ∘
∠B = 36.

Пусть AC = x, CD = y.  Треугольники ABC  и CAD  подобны по трём углам:

x   x+ y
y = -x--  =⇒   x2− xy − y2 = 0

По условию    √-
x=  5+ 1,  поэтому y = 2.

Ответ:

2

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 7#106682

На стороне BC  треугольника ABC  отмечена точка K  так, что AK = 5,BK = 16  , KC = 2.  Около треугольника ABK  описана окружность. Через точку C  и середину D  стороны AB  проведена прямая, которая пересекает окружность в точке P,  причем CP > CD.  Найдите DP,  если ∠APB = ∠BAC.

Показать ответ и решение

Заметим, что

∠AP B =∠BAC, ∠AP B = ∠AKC, ∠AKC = ∠BAC,∠KAC = ∠ABC

Отрезок AC  является отрезком касательной к окружности. Из подобия треугольников ABC  и AKC

AB-  AC-   BC-
AK = KC  = AC

AB   AC    18
-5-= -2-= AC-

AC = 6, AB = 15

CD  — медиана ⇒ по теореме косинусов для треугольников ADC  и BDC  имеем

AC2 = AD2+ CD2 − 2AD ⋅CD cos∠ADC, BC2 = BD2 +CD2 + 2BD ⋅CD cos∠ADC

Так как AD = BD  , то при сложении двух уравнений получаем

AC2 +BC2 = 2AD2 + 2CD2

   2  1(  2     2)     2  1         225  495
CD  = 2 AC + BC  − AD  = 2(36+ 324)−-4-= -4-

     3√--
CD = 2 55

Пусть DP =x,DN = y  (N  — точка пересечения прямой CD  с окружностью, N ⁄=P )  .

PIC

Четырехугольник ANBP  вписан в окружность ⇒ AD ⋅DB =P D⋅BT, 2245= xy  . По свойствам касательных и секущих к окружности имеем

           2                      2
CN ⋅CP = AC ,  (CD − y)⋅(CD + x)=AC

(3√--   ) ( 3√--  )
 2 55− y ⋅  2 55+ x = 36

Решаем систему уравнений

225      ( 3√--  )  (3√ --  )
-4-= xy,   2 55− y ⋅ 2  55 +x  =36

y = √21 +x, x2+ √21x − 225-=0
    55           55    4

          √--
x= −-21-+√12-89
      2 55
Ответ:

 −-21+12√89
   2√55

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 8#106681

На стороне AC  треугольника ABC  как на диаметре построена окружность, которая пересекает стороны AB  и BC  в точках D  и   E  соответственно. Угол EDC  равен  ∘      √-
30,AE =  3,  а площадь треугольника DBE  относится к площади треугольника ABC  как 1 :2.  Найдите длину отрезка BO,  если O  — точка пересечения отрезков AE  и CD.

Показать ответ и решение

 ∠EDC =∠EAC  =30∘ (вписанные углы, опирающиеся на одну дугу);

AC  — диаметр окружности ⇒ △AEC  — прямоугольный,

         ∘         ∘       AE                  ∘
∠AEC = 90 ,∠ECA  =60 , AC = cos30∘ = 2, EC = AC sin30 = 1;

PIC

∠ADC  = 90∘,∠EDC = 30∘ ⇒ ∠BDE = 60∘

Из подобия треугольников DBE  и CBA

DE- = BD-= BE-= k
AC    BC   AB

k2 = SDBE = 1
     SABC    2

   -1-
k= √2

     √-
DE =  2

По теореме синусов для △DEC

  DE        EC
sin(∠DCE-)-= sin30∘-

   √-
----2----= 2
sin(∠DCE )

           √-
sin(∠DCE )= -2-
           2

∠DCE = 45∘

△EOC  — равнобедренный прямоугольный треугольник, EO = EC = 1  ;

∠DAE = 45∘ ⇒ △ABE  — равнобедренный прямоугольный треугольник,           √-
BE = AE =  3  ;

△BEO  — прямоугольный треугольник, так что по теореме Пифагора

BO2 = BE2 +EO2

BO2 = 3+ 1= 4

BO =2
Ответ: 2
Рулетка
Вы можете получить скидку в рулетке!