Тема Треугольники и их элементы

Лемма 255

Вспоминай формулы по каждой теме

Решай новые задачи каждый день

Вдумчиво разбирай решения

ШКОЛКОВО.
Готовиться с нами - ЛЕГКО!

Подтемы раздела треугольники и их элементы

Решаем задачи

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 1#98462

В треугольнике $ABC$ опущены перпендикуляры $BM$ и $BN$ на биссектрисы углов $A$ и $C,$ а также перпендикуляры $BP$ и $BQ$ на внешние биссектрисы этих же углов. Докажите, что:

(a) точки $M$ , $N$ , $P$ и $Q$ лежат на одной прямой;

(b) длина отрезка $PQ$ равна полупериметру треугольника $ABC$ .

Показать ответ и решение

Решение скрыто

Ответ:

Бандлы и наборы

Комбо-тарифы сразу по нескольким предметам

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 2#63744

В треугольнике $ABC$ точки $A ,B ,C 0 0 0$ — середины сторон $BC,CA,AB,$ а $A 1$ , $B ,C 1 1$ — точки касания этих сторон со вписанной окружностью соответственно. Прямые $A1C1,B1C1$ пересекают $A0B0$ в точках $X$ и $Y.$ Докажите, что прямая $CC1$ делит отрезок $XY$ пополам.

Источники: ОММО - 2023, задача 8 (см. olympiads.mccme.ru)

Подсказки к задаче

Подсказка 1

Один отрезок делит другой пополам, часто это происходит потому что они являются диагоналями некоторого параллелограмма.

Подсказка 2

В данном случае окажется, CXC1Y - параллелограмм, но нужно как-то подобраться к точкам X и Y...

Подсказка 3

В этом нам поможет лемма 255, согласно ней точки X и Y лежат на биссектрисах углов A и B соответственно.

Показать доказательство

Докажем, что точки $X,Y$ лежат на биссектрисах углов $A,B$ соответственно (это утверждение известно как задача $255$ и может быть использовано на олимпиаде без доказательства). Так как $AB1 = AC1$ и $B0Y ∥AC1,$ то $|AB−BC-| B0Y =B0B1 = 2 ,$ следовательно, $A0Y = A0B$ и $∠YBA0 = ∠BY A0 = ∠YBA.$ Аналогично $∠XAC =∠XAB.$

$PIC$

Итак, $AX ⊥ XC$ по лемме $255$ и $AX ⊥ B1C1,$ потому что треугольник $AB1C1$ равнобедренный и $AX$ в нём биссектриса, проведённая к основанию. Следовательно, $XC ∥C1Y.$ Аналогично $CY ∥ C1X.$ Таким образом, четырёхугольник $XCY C1$ — параллелограмм. В таком случае его диагонали точкой пересечения делятся пополам, это даёт нам требуемое.

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 3#74127

Окружность, вписанная в прямоугольный треугольник $ABC$ с гипотенузой $AB,$ касается его сторон в точках $A ,B 1 1$ и $C1.$ Пусть $B1H$ — высота треугольника $A1B1C1.$ Докажите, что точка $H$ лежит на средней линии треугольника $ABC.$

Показать доказательство

$PIC$

Из равнобедренных треугольников $AB1C1$ и $BA1C1$ имеем:

∠AC1B1 = 90∘ − 1∕2∠BAC

∠BC1A1 = 90∘ − 1∕2∠ABC

поэтому $∘ ∘ ∠A1C1B1 =180 − ∠AC1B1− ∠BC1A1 =1∕2(∠BAC +∠ABC )= 45.$

Итак, острый угол $C1$ прямоугольного треугольника $B1HC1$ равен $∘ 45,$ значит, этот треугольник равнобедренный. Поэтому точка $H$ лежит на серединном перпендикуляре к отрезку $B1C1.$ Но этим же серединным перпендикуляром является биссектриса равнобедренного треугольника $AB1C1.$

По лемме $255$ имеем, что $∠AHC = 90∘.$ При рассмотрении прямоугольного треугольника $AHC$ и его медианы $HM$ получаем, что $∠MHA = ∠MAH$ в силу равнобедренности, а $∠MAH = ∠C1AH$ в силу того, что $AH$ — биссектриса $∠BAC.$ Значит прямая $HM$ проходит через середину стороны $AC$ и параллельна $AB.$ Значит она является средней линией треугольника $ABC.$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 4#91023

Пусть $G b$ и $G c$ – точки касания вписанной окружности со сторонами $AC$ и $AB,$ а точки $M a$ и $M b$ – середины $BC$ и $AC.$ Докажите, что прямые $GbGc,BI,MaMb$ пересекаются в точке на окружности, построенной на $BC$ как на диаметре.

Подсказки к задаче

Подсказка 1

Давайте пересечём две из трёх указанных прямых. Для каких из них удобнее всего нам было бы применить лемму 255?

Подсказка 2

Пересечём биссектрису с прямой, соединяющей точки касания! Что можно сказать про их точку пересечения? А куда нам хотелось бы, чтобы эта точка пересечения попала?

Подсказка 3

Эта точка пересечения лежит на нужной нам окружности, а хотелось бы, чтобы лежала и на средней линии! А как использовать то, что окружность из условия построена на стороне как на диаметре?

Подсказка 4

На рисунке есть медиана из прямого угла!

Показать доказательство

$PIC$

Пересечём прямые $BI$ и $GCGB$ в точке $T.$ По лемме $255$ эта точка лежит на нужной окружности. Покажем, что $TMA ∥AB,$ это равносильно тому, что $TMA$ — средняя линия в $ΔACB,$ то есть совпадает с прямой $MBMA.$

Заметим, что $TMA$ — медиана в прямоугольном $ΔCT B,$ проведённая к гипотенузе. Следовательно, $ΔBTMA$ — равнобедренный. Таким образом,

∠CMAT =∠MAT B + ∠MABT = 2∠MABT = ∠CBA

Получили требуемое.

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 5#91026

В треугольнике $ABC$ выполняется равенство $3AC = AB + BC.$ Вписанная в треугольник окружность касается сторон $AB$ и $BC$ в точках $K$ и $L$ соответственно; $DK$ и $EL$ – её диаметры. Докажите, что точки пересечения прямых $AE$ и $CD$ c прямой $KL$ равноудалены от середины отрезка $AC.$

Подсказки к задаче

Подсказка 1

Давайте попробуем продлить AE до пересечения по стороной треугольника в точке E'. Нам хочется узнать что-то полезное про новую точку. Давайте попробуем её как-то связать с окружностями.

Подсказка 2

Докажите, что E' лежит на вневписанной окружности треугольника ABC!

Подсказка 3

Для доказательства того, что E' лежит на вневписанной окружности треугольника ABC, попробуйте воспользоваться гомотетией, ведь мы умеем переводить окружность в окружность ;)

Подсказка 4

Отлично, теперь мы можем посчитать отрезки на стороне AC! Каким будет отрезок CE'? Что можно сказать о треугольнике ACE'?

Подсказка 5

CE' = AC! Здорово, тогда мы можем что-то сказать и про объекты, проведенные внутри него, и даже посчитать расстояние от C₁ до AC!

Показать доказательство

Известная лемма. Пусть дан треугольник $ABC,$ его вписанная окружность с центром $I$ касается стороны $AC$ в точке $D,$ а вневписанная — в точке $E.$ Обозначим вторую точку пересечения $DI$ с вписанной окружностью, через $D1.$ Тогда точка $D1$ лежит на $BE.$

$PIC$

Замечание. Лемму легко доказать гомотетией, переведя вписанную окружность во вневписанную.

_________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________

Продлим $AE$ до пересечения с $BC$ в точке $E′.$ По лемме точки $E ′$ — точкa касания $BC$ с соответствующей вневписанной окружностью. Значит,

CE ′ =BL = AB-+-BC-− AC-= 3AC-− AC =AC 2 2

То есть $ΔAE′C$ — равнобедренный.

Пусть $C1$ — середина $AE ′,$ тогда $CC1$ — биссектриса угла $BCA$ и отрезок $AC$ виден из точки $C1$ под прямым углом.

$PIC$

Следовательно, по лемме $255$ точка $C1$ лежит на $KL,$ притом расстояние от $C1$ до середины $AC$ равно $AC2-$ (медиана, проведённая к гипотенузе прямоугольного треугольника). Аналогично расстояние от точки пересечения $CD$ и $KL$ до середины $AC$ равно $AC2-.$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 6#91027

Дан треугольник $ABC.$ На продолжении стороны $BC$ за точку $C$ отмечена точка $X.$ Окружности, вписанные в треугольники $ABX$ и $ACX,$ пересекаются в точках $P$ и $Q.$ Докажите, что все прямые $PQ$ проходят через одну и ту же точку, не зависящую от выбора точки $X.$

Подсказки к задаче

Подсказка 1

Давайте попробуем связать фиксированную точку с уже существующими точками на картинке. Тогда будем отмечать какие-то новые точки, про которые мы можем сказать что-то полезное. К примеру, что можно сказать про четырёхугольник, образованный точками касания вписанный окружностей и прямых AX и BX?

Подсказка 2

Обратите внимание, что в стороны четырёхугольника из подсказки 1 перпендикулярны одной и той же биссектрисе! Тогда что можно сказать о них? А умеем ли мы искать независимые от X точки на отрезках внутри вписанных окружностей, соединяющих точки касания со сторонами треугольников?

Подсказка 3

Да, мы умеем на отрезках внутри вписанных окружностей, соединяющих точки касания со сторонами треугольников, отмечать точки, которые являются проекциями точки A на биссектрисы. Они не зависят от точки X, так что могут быть нам полезны!

Подсказка 4

Подумайте, чем является PQ для трапеции из подсказки 1.

Подсказка 5

PQ принадлежит средней линии трапеции! Тогда мы знаем, как PQ делит другие отрезочки ;)

Показать доказательство

Пусть окружности, вписанные в треугольники $ABX$ и $ACX,$ касаются прямых $AX$ и $BC$ в точках $K,L,M,N.$ Пусть биссектриса угла $ABC$ пересекает прямую $KM$ в точке $U.$ По лемме $255$ точка $U$ является проекцией точки $A$ на эту биссектрису, и поэтому $U$ не зависит от выбора точки $X.$ Аналогично, прямая $LN$ проходит через фиксированную точку $V$ — проекцию точки $A$ на биссектрису угла $ACX.$ Прямые $KM$ и $LN$ параллельны, так как они перпендикулярны биссектрисе угла $AXB.$ Пусть прямая $PQ$ пересекает прямые $AX$ и $BC$ в точках $R$ и $S$ соответственно.

$PIC$

По теореме о касательной и секущей, $RK2 =RP ⋅RQ = RL2,$ то есть $RK =RL.$ Аналогично, $SM = SN.$ Таким образом, прямая $P Q$ является средней линией трапеции $KLNM.$ Значит, прямая $PQ$ делит пополам любой отрезок, соединяющий точки на прямых $KM$ и $LN,$ в частности, проходит через фиксированную точку — середину отрезка $UV.$

Курсы

Всё необходимое для достижения цели

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 7#98464

В прямоугольный треугольник с гипотенузой длины $1$ вписали окружность. Через точки её касания с его катетами провели прямую. Отрезок какой длины может высекать на этой прямой окружность, описанная около исходного треугольника?

Показать ответ и решение

Пусть $ABC$ — треугольник с прямым углом $B,O$ — центр его описанной окружности, $M$ и $N$ — точки касания вписанной окружности с катетами $AB$ и $BC$ соответственно, $X$ и $Y$ — середины дуг $AB$ и $BC$ . Достаточно доказать, что точки $M$ и $N$ лежат на хорде $XY$ .

$PIC$

Пусть точка $P$ — проекция точки $A$ на биссектрису угла $C$ , точка $Q$ — проекция точки $C$ на биссектрису угла $A$ . По Задаче 255 точки $P$ и $Q$ лежат на прямой $MN$ . Так как $90∘ = ∠B = ∠APC = ∠AQC$ , точки $P$ и $Q$ совпадают соответственно с $X$ и $Y$ .

Ответ:

$√2 2$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 8#91024

Окружность, вписанная в прямоугольный треугольник $ABC$ с гипотенузой $AB,$ касается сторон $BC, CA,AB$ в точках $A1,B1,C1$ соответственно. Пусть $B1H$ – высота треугольника $A1B1C1.$ Докажите, что точка $H$ лежит на биссектрисе угла $CAB.$

Источники: Всеросс., 2013, РЭ, 9.2(см. olympiads.mccme.ru)

Подсказки к задаче

Подсказка 1

Попробуем посчитать углы! Что можно сказать об углах внутри четырёхугольника CA₁HB₁? Нам бы очень хотелось узнать что-то интересное про точку H ;)

Подсказка 2

Угол AHC — прямой! Что тогда можно сказать про точку H? Как связать её с нашим большим треугольником?

Подсказка 3

Подумайте, в каких точках пересекет A₁C₁ окружность, построенная на AC, как на диаметре! Сколько их таких и каким свойством они обладают?

Показать доказательство

$PIC$

Заметим, что $∠CA1B1 = ∠CB1A1 = 45∘.$ По теореме об угле между хордой и касательной $∠A1C1B1 =∠CA1B1 = 45∘.$ Таким образом, треугольник $B1HC1$ — равнобедренный. Треугольники $AB1H$ и $AC1H$ равны по третьему признаку ( $AB1 = AC1$ как отрезки касательных). Следовательно, $∠B1HA =∠AHC1 = 45∘.$ Также заметим, что $∠CHA1 = ∠CB1A1 = 45∘.$ поскольку четырёхугольник $CB1HA1$ вписанный. Получается, что

∠AHC =45∘+ ∠B1HC = 45∘+ 90∘− ∠CHA1 =90∘

Окружность, построенная на $AC$ как на диаметре, пересекает $A1C1$ в двух точках. По лемме $255$ эти точки — точки пересечения $A1C1$ с биссектрисами углов $CAB$ и $ACB.$

Предположим, что $CH$ — биссектриса угла $ACB.$ Тогда $∠HCA =45∘,$ а значит, $∠CAH =90∘− ∠HCA = 45∘.$ Как мы выяснили ранее, $ΔAB1H =ΔAC1H,$ а значит, $∠HAC1 =45∘ = ∠B1AH.$ Таким образом, $∠CAB = 90∘,$ но такого быть не может. Следовательно, этот случай мы отбросили, то есть $H$ лежит на биссектрисе угла $CAB.$

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 9#91025

Вписанная окружность треугольника $ABC$ касается сторон $AB$ и $BC$ $(AB >BC )$ в точках $N$ и $M$ соответственно. $PQ$ – средняя линия треугольника $ABC,$ параллельная $AB, K$ – точка пересечения $MN$ и $PQ.$ Докажите, что $AK$ – биссектриса угла $BAC.$

Подсказки к задаче

Подсказка 1

По сути нам нужно доказать, что средняя линия, биссектриса и прямая, соединяющая точки касания вневписанной окружности, пересекаются в одной точке :) Очень часто помогает сначала провести две из прямых и показать, что их точка пересечения лежит на третьей. Какие из двух было бы удобнее провести?

Подсказка 2

Проведём биссектрису и прямую, соединяющую точки касания вневписанной окружности. Пусть они пересекаются в точке K. Что можно интересного про неё заметить? Какие есть углы с вершиной в этой точке?

Подсказка 3

Каким является ∠AKC?

Подсказка 4

Он прямой! Тогда можно выделить некоторые полезные отрезки в прямоугольном треугольнике :)

Показать доказательство

$PIC$

Существует не более одной точки пересечения средней линии $PQ$ с прямой $NM,$ поэтому если мы покажем, что точка пересечения биссектрисы угла $BAC$ с $NM$ является таковой, задача будет решена.

Пусть $K$ — точка пересечения биссектрисы угла $BAC$ и прямой $NM.$ Докажем, что $KQ$ — средняя линия. По лемме $255$ угол $AKC$ прямой. Заметим, что $KQ$ — медиана в прямоугольном треугольнике, проведённая к гипотенузе, а значит треугольник $AKQ$ — равнобедренный. Следовательно, $∠KQC = ∠AKQ + ∠KAQ = 2∠KAQ = ∠BAC.$ Значит, $KQ ∥AB$ и $KQ$ проходит через середину $AC,$ то есть является средней линией. Получили требуемое.

Ошибка.
Попробуйте повторить позже

Задача 10#98461

В неравнобедренном треугольнике $ABC$ проведены биссектрисы $AA 1$ и $CC , 1$ кроме того, отмечены середины $K$ и $L$ сторон $AB$ и $BC$ соответственно. На прямую $CC1$ опущен перпендикуляр $AP,$ а на прямую $AA1$ — перпендикуляр $CQ.$ Докажите, что прямые $KP$ и $LQ$ пересекаются на стороне $AC.$

Подсказки к задаче

Подсказка 1

У нас есть биссектрисы, есть середины двух сторон, что было бы удобнее отметить для "полноты картинки"?

Подсказка 2

Отметим середину M третьей стороны! Как её можно связать с точками на рисунке?

Подсказка 3

KM и LM проходят через P и Q соответсвенно!

Показать доказательство

Отметим середину $M$ стороны $AC.$

$PIC$

Заметим, что по лемме 255 точки $P$ и $Q$ лежат на прямых $KM$ и $LM$ соответственно. Следовательно, прямые $KP$ и $LQ$ пересекают в точке $M,$ лежащей на $AC.$

Интенсивы

Глубокий разбор тем, требующих дополнительного внимания

Предыдущий раздел

Следующий раздел